力臂 1变大
⑦ 在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：（1）在做实验前，杠杆静止在如图甲的位置，此时杠杆______（填“平
（1）杠杆静止在如图位置，所以杠杆处于平衡状态．
杠杆的右端上翘，左端的平衡螺母或右端的平衡螺母都向上翘的右端移动，才能使杠杆在水平位置平衡．
（2）根据实验1、实验2的数据可得，F1L1=F2L2．
所以杠杆平衡条件：F1L1=F2L2．
（3）弹簧测力计在B处由竖直向下逐渐向左倾斜拉动杠杆的过程中，阻力和阻力臂不变，动力臂减小，根据F1L1=F2L2可知动力将变大，测量计的示数变大；F2和L2成反比，图象D正确；
（4）由图知，测力计的拉力与杠杆不垂直，所以拉力的力臂小于OB，因此F1×OB大于F2×OA．
故答案为：（1）平衡；右；
（2）F1L1=F2L2；
（3）D；
（4）测力计的拉力与杠杆不垂直，所以拉力的力臂小于OB，因此F1×OB大于F2×OA．
⑧ 如图所示，在探究杠杆平衡条件的实验中：（1）小明发现杠杆右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠
解（1）杠杆不在水平位置，左端偏高，则重心应向左移动，故应向左调节左端或右端的平衡螺母．
（2）实验中，如图所示的方式悬挂钩码，杠杆平衡是杠杆的左侧在多个力共同作用的结果，采用这种方式是不妥当的．这主要是因为杠杆的力和力臂数目过多．
（3）不改变支点O右侧所挂的两个钩码及其位置，将左侧另外两个钩码改挂到第三个钩码的下方，即左侧的力是三个钩码；
设一个钩码的重为G，一格的长度为L，根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2可得，2G×3L=3G×nL，所以n=2L；即保持左侧第2格的钩码不动．
（4）乙图，弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，弹簧测力计倾斜拉杠杆，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大．
故答案为：（1）左；（2）C；（3）2；（4）变大；拉力的力臂变小了．
⑨ 在探究“杠杆平衡条件”的实验中：（1）某同学将杠杆悬挂起来，发现杠杆的右端低左端高，他应该将杠杆两
（1）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来；杠杆重心左移，应将平衡螺母（左端和右端的平衡螺母调节方向一致）向左调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零，这样就减小了杠杆的自重对实验的影响；
（2）从实验表格中可知，三次实验数据都满足：动力×动力臂=阻力×阻力臂．
（3）他的结论是错误的，原因是：动力的单位是N，动力臂的单位是cm，两个物理量的单位不相同，不能进行加减运算．
（4）图2中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大．
（5））①硬币放在杠杆上，杠杆在水平位置平衡，硬币作用在杠杆上的力通过硬币平面圆心，力臂是从最下面平面圆心到支点的距离，力臂测量错误．
②如果将两边的硬币以相同速度同时匀速向支点移动的过程中，当在相同时间内，右端的硬币先到达支点，左端的硬币在支点的左侧，杠杆会向左倾斜．
（6）“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”，是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，也就是实验过程中没有改变动力或阻力的方向．故选项A、C、D错误，选项B正确．
（7）杠杆在水平位置平衡，阻力和阻力臂不变，弹簧测力计倾斜拉动杠杆时，拉力的力臂变小，根据杠杆平衡条件可知，弹簧测力计拉力变大，所以弹簧测力计示数变大．
故答案为：
（1）左；水平；便于直接从杠杆上读出力臂；
（2）F1L1=F2L2（动力×动力臂=阻力×阻力臂）；
（3）将不同的物理量进行了加法运算；
（4）杠杆自重的影响；
（5）错误；向左倾斜；
（6）B；
（7）变大；阻力和阻力臂
⑩ 在探究“杠杆的平衡条件”实验中：（1）实验前出现下图甲所示情况，为了使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆
（1）如图，杠杆的右端上翘，平衡螺母向右端移动，直到杠杆在水平位置平衡．
（2）设杠杆每一个小格为L，每一个钩码重为G，
根据杠杆平衡条件得，2G?3L=G?nL，
所以 n=6（格），
所以右端钩码向右移动2格．
（3）杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响．
（4）只有一组实验数据，总结的实验结论具有偶然性，不具有普遍性．
故答案为：（1）右；（2）右；2；（3）便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响；（4）不能；数据太少，结论不具有普遍性．