小美在做探究杠杆

5. 小明在做探究杠杆平衡条件的实验时，先在杠杆两侧挂钩码进行实验探究，再用弹簧测力计取代一侧的钩码继续

从支点到力的作用线的距离叫力臂，在杠杆两侧挂钩码，由于重力的方向是竖直向下的，力臂在杠杆上可以直接读出，当用弹簧测力计拉，若弹簧测力计倾斜时，拉力不再与杠杆垂直，这样力臂会发生变化，相应变短，根据杠杆的平衡条件，力会相应增大，才能使杠杆仍保持平衡，这样做实验可以加深学生对力臂的正确认识．
故选C．

6. 小华在做探究杠杆平衡条件的实验中：①将杠杆挂在铁架台上，调节平衡螺母使杠杆处于水平位置的目的是____

①在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了便于测量力臂；
图中发现杠杆右端偏高，则重心应向右移动，如果他在调节平衡螺母时将两端的平衡螺母都调到了最外端，应将左端的平衡螺母向右调节．
②从实验数据看，F₁=6N、L₁=20cm、F₂=4N、和L₂=30cm，符合F₁×L₁=F₂×L₂，但却不可以只根据这些数据得出结论，因为一次实验获得的数据有偶然性，不能反映普遍规律．
故答案为：①便于测量力臂； 将左端的平衡螺母向右调；
②不可以；只测一次不具备普遍性．

7. 如图小红在探究杠杆

（1）调节杠杆平衡时，杠杆左端下沉，应把杠杆左端的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡．杠杆在水平位置平衡，便于在杠杆上直接测量力臂．
（2）设杠杆一格的长度是L，一个钩码重是G，
所以由杠杆平衡条件：F ₁ L ₁ =F ₂ L ₂ 得，
图甲中，4G×3L=nG×2L，所以n=6（个）．
如果再在A、B两处各加挂一个钩码，5G×3L＞7G×2L，所以杠杆左端下沉．
（3）当拉杠杆的力由向左下方逐渐变为向右下方拉的过程中，拉力的力臂逐渐变大；当拉力竖直向下时，力臂达到最大；当拉力逐渐变为向右下方拉的过程中，力臂又逐渐变小．综上所述力臂的变化情况是先变大后变小；
根据杠杆平衡条件：F ₁ L ₁ =F ₂ L ₂ ，可知杠杆左边的“F ₁ L ₁ ”不变，则右边的动力和动力臂成反比，力臂的变化情况是先变大后变小，所以拉力的变化是先变小后变大．只有选项D符合题意．
（4）探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律．
故答案为：（1）便于测量力臂；右；（2）6；左；（3）D；（4）寻找普遍规律．

8. 小风做“探究杠杆的平衡条件”这个实验，他在实验中选择了一根50cm长的杠杆，杠杆上每一小格的长度为5cm

力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来；杠杆重心在支点处，使杠杆重力的力臂为零，这样就减小了杠杆的自重对实验的影响；
假设每个钩码重1N，则图示的杠杆左动力与动力臂乘积为：3N×10cm=30N?cm，则右边必须满足阻力乘以力臂也为30N?cm，杠杆才平衡；其方案有：
①当挂2个钩码时，阻力=2N，阻力臂=15cm，距支点3个小格，C点符合要求；
②当挂3个钩码时，阻力=3N，阻力臂=10cm，距支点2个小格，B点符合要求．
（1）为使杠杆在水平位置平衡，需要使杠杆重心右移，应将平衡螺母向右调节；
（2）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此第二组实验设计的好，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，便于测量力臂．
故答案为：水平；0；C点挂2个钩码；（1）右；（2）二；便于测量力臂．

9. 小明在做“研究杠杆平衡条件”实验时进行了如下实验步骤：A：把杠杆的中点支在支架上；B：把钩码挂在杠杆

（1）实验步骤中，把杠杆的中点支在支架上，就进行探究杠杆平衡条件的实验数据的测量，没有考虑杠杆重力对杠杆平衡产生的影响和便于测量力臂，所以“把钩码挂在杠杆的两边，改变钩码的位置使杠杆平衡”之前漏掉一个重要步骤：调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；．
（2）设一个钩码重为G，杠杆上一个小格代表1cm，所以，2G×4cm=nG×2cm，解得n=4，因此在杠杆B处需要挂4个钩码；
（3）根据杠杆平衡的条件，在第3次实验数据中，4N×0.03m≠6N×0.04m，而是4N×0.03m=6N×0.02m，所以第3次数据错误，阻力臂实际值为0.02m．
故答案为：①调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；
②4；
③3；0.02．